已知f(x)=x2+ax+a(a≤2,x∈R),g(x)=e-x,φ(x)=f(x)•g(x).
来源:学生作业帮 编辑:作业帮 分类:数学作业 时间:2024/05/29 01:56:37
已知f(x)=x2+ax+a(a≤2,x∈R),g(x)=e-x,φ(x)=f(x)•g(x).
(1)当a=1时,求φ(x)的单调区间;
(2)求g(x)在点(0,1)处的切线与直线x=1及曲线g(x)所围成的封闭图形的面积;
(3)是否存在实数a,使φ(x)的极大值为3?若存在,求出a的值,若不存在,请说明理由.
(1)当a=1时,求φ(x)的单调区间;
(2)求g(x)在点(0,1)处的切线与直线x=1及曲线g(x)所围成的封闭图形的面积;
(3)是否存在实数a,使φ(x)的极大值为3?若存在,求出a的值,若不存在,请说明理由.
(1)当a=1时,φ(x)=(x2+x+1)e-x.φ′(x)=e-x(-x2+x)
当φ′(x)>0时,0<x<1;当φ′(x)<0时,x>1或x<0
∴φ(x)单调减区间,(-∞,0),(1,+∞),单调增区间为:(0,1)
(2)k=g'(0)=-e-x|x-0=-1,切线方程为:y=-x+1
所围成的封闭图形的面积为S=∫01[e-x-(-x+1)]dx=∫01(e-x+x-1)dx=(-e-x+
1
2x2-x)
l10=
1
2-
1
e
∫10=
1
2-
1
e
(3)φ′(x)=(2x+a)e-x-e-x(x2+ax+a)=e-x[-x2+(2-a)x]
令φ′(x)=0,得x=0或x=2-a:
由表可知,φ(x)极大=φ(2-a)=(4-a)ea-2
设μ(a)=(4-a)ea-2,μ′(a)=(3-a)ea-2>,
∴μ(a)在(-∞,2)上是增函数,
∴μ(a)≤μ(2)=2<3,即(4-a)ea-2≠3,
∴不存在实数a,使φ(x)极大值为3.(14分)
当φ′(x)>0时,0<x<1;当φ′(x)<0时,x>1或x<0
∴φ(x)单调减区间,(-∞,0),(1,+∞),单调增区间为:(0,1)
(2)k=g'(0)=-e-x|x-0=-1,切线方程为:y=-x+1
所围成的封闭图形的面积为S=∫01[e-x-(-x+1)]dx=∫01(e-x+x-1)dx=(-e-x+
1
2x2-x)
l10=
1
2-
1
e
∫10=
1
2-
1
e
(3)φ′(x)=(2x+a)e-x-e-x(x2+ax+a)=e-x[-x2+(2-a)x]
令φ′(x)=0,得x=0或x=2-a:
由表可知,φ(x)极大=φ(2-a)=(4-a)ea-2
设μ(a)=(4-a)ea-2,μ′(a)=(3-a)ea-2>,
∴μ(a)在(-∞,2)上是增函数,
∴μ(a)≤μ(2)=2<3,即(4-a)ea-2≠3,
∴不存在实数a,使φ(x)极大值为3.(14分)
已知函数f(x)=lnx+a/x,g(x)=x,F(x)=f(1+e的x次方)-g(x),x属于R
已知f(x)=(x2+ax+a)e-x(a≤2,x∈R).
已知函数f(x)=x+ax(a∈R),g(x)=lnx
已知函数f(x)=x2+2aln(1-x)(a∈R),g(x)=f(x)-x2+x
已知函数f(x)=xlnx,g(x)=ax²-a(a∈R)
已知f(x)=ax-|nx,x∈(0,e],g(x)=lnx/x,其中e是自然常数a∈R(1)a
已知函数f(x)=1/2x^2-3x+(a-1)lnx,g(x)=ax,h(x)=f(x)-g(x)=3x,其中a∈R且
已知函数f(x)=x2+ax+b(a、b∈R),g(x)=2x2-4x-16,
已知函数f(x)=x/x2+a的定义域为R,g(x)=1/3x-a+1,若对任意的x∈Z都有f(x)≤f(4),g(x)
已知函数f(x)=lnx-(a/x),g(x)=e^x(ax+1),a为常数
已知函数f(x)=x-alnx,g(x)=−1+ax,(a∈R).
已知函数f(x)=1/2x2+alnx,g(x)=(a+1)x(a≠-1),H(x)=f(x)-g(x).