进行一系列独立试验,假设每次试验的成功2次之前

（1）三次射击中至少有两次连续击中:可能的情况有;12;23;123,设概率分别为p1,p2,p3,则根据题意有p1=（3/5）*（3/5）=9/25,p2=（2/5）*（3/5）*（3/5）=18/

4次实验发生一次A的概率：P(n=1)=C(4,1)*0.3*0.7*0.7*0.7=0.4116；4次实验发生二次A的概率：P(n=2)=C(4,2)*0.3*0.7*0.7*0.7=0.2646；

这是个条件概率,设事件A不出现为事件C1；如事件A出现1次为事件C2；事件A出现不少于2次为事件C3;事件B出现事件D,该题求P（D）=P(D|C1)*P(C1)+P(D|C2)*P(C2)+P(D|

记4次独立试验中A出现次数为X,（1）4次独立试验中A出现i次的概率(0

n次试验中出现奇数次和偶数次的概率分别是((1-p)+p)^n的偶数项的和与奇数项的和(按照p的升幂,(1-p)的降幂排列).则P1=[((1-p)+p)^n-((1-p)-p)^n]/2=[1-((

X=0123.p=pqpq^2pq^3p.两次出现A之间所需试验次数的数学期望EX=Σk*q^k*p=qpΣkq^(k-1)=qp(Σq^k)'=qp*(1/(1-q))'=qp/(1-q)^2=qp

首先我们要先算出A出现的概率分布0次(1-0.3)^4=2401/100001次0.3*(1-0.3)^3*4=4116/100002次0.3^2*(1-0.3)^2*C(4.4)/[C(2.2)*C

这个题目是较为简单的,分类讨论：A出现0次的概率为：0.7*0.7*0.7*0.7=0.2401B不出现A出现1次的概率为：4*0.3*0.7*0.7*0.7=0.4116B为：0.4116*0.6=

设试验次数为x,f(x)为概率分布显然x=1时,f(1)=0当x>=2时,由题意知,x个试验中,最后一个肯定是事件A发生,前x-1次试验中,有且仅有一次出现事件A,前x-1次试验中出现1次A的概率是(

x=0,就是两个A连着发生,可能包括AA,A*AA,A*A*AA……（A*表示A没发生）概率为：1/9,（2/3）*1/9,（2/3）^2*1/9,……利用极限的想法,可得所有这些数的和为1/9/（1

这是多重伯努利实验.分布律符合二项分布,有特别的公式.再问：我知道公式，可是答案我还是没看懂，为什么m=1时，p{x=k}=p*(1-p)^(k-1)再答：没看见前面还要求一下排列组合吗再问：sorr

C(m,n)为组合函数,m为上标,n为下标,从n个里面取出m个的取法a^b为数a的b次方先求不发出信号概率,用1减的发出信号概率5次独立实验：不发出信号,A只发生2次,1次或不发生这个概率是C(2,5

用C(k,l)表示由k个元素中取出l个元素的组合数,则所求概率为C(m+n-1,m)×p^n×(1-p)^m再问：详细解答过程再答：按题目要求，试验一定做了m+n次，而且最后一次必须成功，也就是说：在

此为几何分布p(X=k)=(1-p)^(r-1)*p.k=1,2,3...

一次也不成功的概率为(1/2)^n要使至少成功一次的概率不小于0.9,即1-(1/2)^n≥0.9(1/2)^n≤0.1n≥log(1/2)0.1n≥log(2)10n≥1+log(2)5因为3

以频率估计概率的误差为Ep=Z(α/2)*(p(1-p)/n)^(1/2)=Z(α/2)*(0.36(1-0.36)/100)^(1/2)=0.05-->Z(α/2)=0.5/(0.6*0.8)=1.

第二次成功是在第五次,即前四次只有一次成功p=C(4,1)*p*(1-p)^3*p=4p^2*(1-p)^3不是1-P立方而是(1-p)^3

第四次肯定是成功的,概率为p前面三次有一次成功,两次失败,概率为C31*p*（1-p）所以总概率为3p²（1-p）²

回答：提示Φ(1.040)=0.85已经暗示答案是0.70.0.36误差小于0.05意味着频率落在(0.31,0.41)之间.按提示,取α=0.30,1-α=0.70,α/2=0.15,z(α/2)=