作业帮设{Sn}为发散正项级数的部分和数列,证明级数
来源：学生作业帮助网 编辑：作业帮 时间：2024/06/07 10:41:45
为你提供精确解答=∑(n!)²/(2n)!=∑n!/2ⁿ令an=n!/2ⁿ则：liman+1/an=lim(n+1)/2=+∞所以级数发散.学习宝典团队为你解答
设∑an收敛到SS,n->∞∴1/Sn->1/S≠0,∴∑(1/Sn)发散
通项极限为零是级数收敛的必要条件,而不是充分条件.调和级数就是最基本的例子.
Un=S(n+1)-Sn=1/(2n+2)+1/(2n+1)-1/(n+1)=1/(2n+1)-1/(2n+2)Un的部分和=1/3-1/(2n+2)收敛于1/3再问：un不是应该等于sn-s(n-1
级数1/n的平方是收敛的级数1/n^m当m>1时是收敛的当0
正项级数Sn-S(n-1)=un>0,即Sn>S(n-1),所以un/Sn^2
∑[1/n^2+(-1)^n]与∑(-1)^{n-1}都是发散的,但逐项相加得∑1/n^2收敛再问：但这两个级数并不是正项的啊再答：两个发散的正项级数相加肯定还是发散的，这是因为正项级数发散以为这其部
如：an=n²,发散的,an＋bn=1/n,是收敛的,此时bn=－n²＋(1/n)还是发散的.
正确因为an>0,所以Sn-S(n-1)=an>0,Sn>S(n-1)
注意到∑2^m*f(2^m）中每项都小于等于∑f(n)所以∑f(n)收敛=>∑2^m*f(2^m)收敛若∑2^m*f(2^m）收敛则∫0到正无穷f（x）dx积分有限（级数的积分判别法）所以∑f(n)收
假设它们的和为收敛级数,有两个收敛级数的和（差）为收敛级数可知,加上的那个级数是收敛的,故矛盾!
(一）（1）由a1=1,S(n+1)=4an+2.可得：a1=1,a2=5,a3=16.a4=44.∴由bn=(an)/2^n得：b1=2/4,b2=5/4,b3=8/4,b4=11/4.显然,b1,
知道部分和的意思就行经济数学团队为你解答,有不清楚请追问.请及时评价.
你所说的不是交错级数的任意项级数,那么它对应的正项级数就应该是指它加了绝度只之后的级数吧.那么既然你已经判别出其对应的正项级数是发散的,那么原来的级数和对应的正项级数有相同的敛散性.再问：条件收敛呢？
因为n*1/(lnn)^10={n^0.1/(lnn)}^10当n->无穷时,上述极限为无穷（用罗比达法则,上下求导即可看出）因为1/n是发散的,原式也发散
Sn与2的等比中项为√(2Sn),an与2的等差中项为(an+2)/2由题目可知,8Sn=(an+2)^2,所以8S_(n-1)=[a_(n-1)+2]^2.两者相减,得8an=an^2+4an-[a
因为an,Sn,an^2成等差数列所以2Sn=an^2+an2an=2Sn-2S(n-1)=an^2+an-a(n-1)^2-a(n-1)得:(an-a(n-1))(an+a(n-1))-(an+a(
首先你的“分界”这个词用的有些不恰当,一个级数要不收敛,要不发散,不存在第三种可能,这样看收敛与发散应该是有分界的,但是你要表达的明显不是这个意思,你应该想问是否存在发散最慢的级数,以至于比它“更慢”