有一边长L=0.1m的正方形线圈

（1）线框转动的周期是T＝2π/ω在位置1,穿过线框的磁通量是　Φ1＝BS＝B*L^2　（取这时的磁通量为正值）在位置2,穿过线框的磁通量是　Φ2＝0在线框从位置1转动到位置2的过程中,线框中的平均感

（1）Φ=BS=BL²（2）磁通量会减小到零,因为正对面积S会随着转动而减小到零.会产生感应电流,因为闭合回路中有磁通量的变化就会有电流产生.如果平行于纸面运动则不会产生电流,因为它的磁通量

Q=It,前提是恒定电流,实际上Q是电流i关于时间t的积分,最简单的理解是面积问题一个长a,宽b的矩形和长a,高b的三角形的面积有什么关系,很显然1/2,.你可以把高b看成平均宽为b/2.实际上你没明

再问：好认真！不过我主要是搞不懂5~10s时为什么Uab=E....不是有导线电阻分压吗？再答：没有电流，哪有分压？再问：好吧多谢！

只求发出的热量为多少J?那很简单了...因为线框在穿过磁场的过程中一直做匀速运动,就是说这段高度的重力势能Eh全部通过感应电流转换为了热量.就是说热量W=Eh=mg*2L=0.01*10*0.2=0.

t=0时刻，感应电动势E=0，感应电流I=0，安培力F安=BIl=0，由牛顿第二定律得，F0=ma，a=F0m，v=at0=F0t0m根据牛顿第二定律得，F-F安=ma，又F安=BIl，I=ER，E=

（1）规定磁通量方向向外为正方向，由△Φ=Φ  2-Φ  1=BL2 -（-BL2 ）=2BL2 ，代入数据解得△Φ=5Wb，再由

（1）对Q同轴转动：所以线框与物体的速度之比v2：v1=1：2，由EK＝12mv2知：EK1：EK2=8：1       &nbs

设线框ab边刚进入磁场时速度大小为v．根据机械能守恒定律得：mgH=12mv2解得：v=2gH从线框下落到cd刚穿出匀强磁场的过程，根据能量守恒定律，焦耳热为：Q=2mgL+mgH-12m（12v）2

匿名|浏览次数：6538次如图所示,水平轨道上,轻弹簧左端固定,自然状态时右端位于P点.现用一质量m=0．1kg的小物块（视为质点）将弹簧压缩厣释放,物块经过P点时的速度v0=18m／s,经过水平轨道

由题意可知：△PQR是等腰△,它的高H=3cm所以△PQR的面积为S=1/2*8*3=12cm²1.当t=3时,Q点左移了3cm,△PQR的顶点P尚未移到正方形内,此时移入的△的高设为h1,

整个过程做匀加速运动,故(0+v)/2=L/t0v=2L/t0由图像可知,t=4t0/5时,F=2.6F0F-F0=BILI=1.6F0/BLP=I^2R整个过程做匀加速运动,F0=ma3F0-BI'

（1）根据q=.It，由I-t图象得，q=1.25C       又根据.I＝.ER＝△φtR＝BL2Rt得R=4Ω．（2）由电流

t=0时刻，感应电动势E=0，感应电流I=0，安培力F安=BIl=0，由牛顿第二定律得，F0=ma，a=F0m，v=at0=F0t0m   根据牛顿第二定律得，F-F安=

再问：L^2/2是什么再答：因为线圈只有一半在磁场中啊，有效面积是总面积的一半

竖的有四块砖,设方砖的边长为a,则4(√2a)=9a=9/4√2a=9√2/8=1.591m这样的大理石方砖的边长为1.591m

例12、如图14所示,在光滑水平桌面ABCD中央固定有一边长为0．4m光滑小方柱abcd.长为L=1m的细线,一端拴在a上,另一端拴住一个质量为m=0．5kg的小球.小球的初始位置在ad连线上a的一侧

减少一平方米再问：过程。。。再答：原来的面积X的平方，一边减少1是X-1一边增加一是X+1面积是X^2-1,X^2-X^2=-1

10²-1²=100-1=99平方厘米答若将边长增加到10CM,面积会增加99平方厘米

A．若电场的方向平行于AB向左，小球在匀强电场中做匀减速直线运动，到达BD边时，速度可能为0，所以动能可能为0．故A正确．B．若电场的方向平行于AC向上或向下，小球在匀强电场中做类平抛运动，偏转位移最