ap=b a的秩与b的秩的大小

设正方体棱长为2（1）取AB中点M,CC'中点N,连接B'M,B'N则：角MB'N就是直线AP与CQ所成的角B'M=B'N=√5,MN=√6由余弦定理得：cos(MB'N)=2/5角MB'N=arcc

楼主还是背背SAT2上的公式吧.我考的是物理C的mechanics.除了rotationalinertia之外,其他的只是加了一个微积分而已（而且这个微积分不难）,物理B应该挺像SAT2物理的,从难度

∠BAC比∠B大因为∠ACD=(1/2)∠ACE=(1/2)(∠BAC+∠B)∠BAC=∠D+∠ACD=∠D+(1/2)(∠BAC+∠B)(1/2)(∠BAC)=∠D+(1/2)∠B∠BAC=2∠D+

(1).设AB,CC’的中点分别为E,F.则B’E‖PA,B’F‖QC,设正方体棱长为2,则BE=BF=√5,EF=√(EB^2+BC^2+CF^2)=√6.由余弦定理,直线AP与CQ所成的角的大小=

连MC,因为MB=1,BC=2所以MC=√5;CN=1,所以MN=√6

①∠ABC与∠MNP相比较,若点B与点N重合,且BC与MN重合,BA在∠MNP的内部,则它们的大小关系是（C）.A、∠ABC＞∠MNPB、∠ABC=∠MNPC、∠ABC＜∠MNPD、不能确定②点P在∠

60°∠BAC=90°,AB=AC=AA1,则两个这样的正三棱柱,将BCC1B1这一斜边面重叠放置,则可形成一个立方体.AC1‖BD1,BA1、BD1、A1D1三天线都是立方体三个面的对角线,所以三遍

不仅如此,还有A1.,……,An都相似于对角阵,AiAj＝AjAi.（i≠j）.则存在公共的满秩方阵P.使P^（-1）AiPi＝1,……,n.同时为对角形.（这是1978年武汉大学代数方向硕士生入学复

BA=A^{-1}(AB)A,所以相似.A的秩等于n可以保证A是个可逆矩阵.

不难,高中学到的足矣,有些联系一定要做,collegeboard上的AP历年FRQ一定要做,

∵△ABC的边BA延长线与外角∠ACE的平分线交于D,∴∠DCE＞∠B,∠BAC＞∠ACD,∠ACD=∠DCE,∴∠BAC＞∠B．

∵∠BAC=∠D+∠ACD,∠DCE=∠D+∠B又∵CD是外角ACE的平分线∴∠ACD=∠DCE∴∠BAC=∠D+∠ACD=∠D+∠DCE=∠D+∠D+∠B∴∠BAC=∠B+2∠D∴∠BAC＞∠B

设B=b1b2b3b4因为AB=BA所以有b1+b3b2+b400=b1b1b3b3所以b1+b3=b1b2+b4=b1b3=0故B=a+ba0ba,b为任意常数

AB一般只有1个学期的学分,BC一般有2个学期（1年）的学分.BC含金量比较高.不管是AB还是BC,中国高中生肯定都学过的,所以有可能的话还是考BC,价值比较高.

假定你所说的“AB均为实对称矩阵”其实是“A和B均为实对称矩阵”先取正交阵P使得P'AP＝D是对角阵令C＝P‘BP,由条件知DC＝CD,把每个元素都写出来,再利用D的对角元两两不同即得C是对角阵事实上

由A有n个不同的特征值,每个特征值对应的特征空间维数为1,且所有特征向量线性无关.设a为A的特征值,x为对应的非零特征向量,则ABx=BAx=B(Ax)=B(ax)=a(Bx),这说明Bx也是A的对应

首先不妨把语言转化为线性变换:取定一组基,以A,B为矩阵的线性变换仍记为A,B.在复数域上,特征多项式一定有解,而每一特征值都有相应的特征向量.任取A的一个特征值λ,考虑A的属于λ的特征子空间W(即A

待定系数算一下就知道了么,答案是a+ba,a和b任意实数.0

◆方法1: 等边对等角,大角对大边.∵AD=AC.∴∠ACD=∠D;(等边对等角)又∠BCD>∠ACD.(整体大于部分)∴∠BCD>∠D.(等量代换)∴BD>BC.(大角对

∵AC=BC，PA=PAB，∴△APC≌△BPC，又PC⊥AC，∴PC⊥BC．又∠ACB=90°，即AC⊥BC，且AC∩PC=C，∴BC⊥平面PAC．取AP中点E，连接BE，CE．∵BA=BP，∴BE