作业帮已知对于任意实数x,(m-x)*
来源：学生作业帮助网 编辑：作业帮 时间：2024/05/05 12:37:31
当m=0时,g(x)=0 f(x)=2x^2+4x+4=2（x+1)^2+2>0恒成立 符合题意 当m>0时, g(x)=m
△=b^2-4ac=〔-（m-1)〕^2-4*〔-3(m+3)〕=m^2-2m+1+12m+36=m^2+10m+37=(m+5)^2+12不论m取何值,都有(m+5)^2≥0,所以△=(m+5)^2
已知对于任意非零实数m，不等式|2m-1|+|1-m|≥|m|（|x-1|-|2x+3|）恒成立：即|x−1|−|2x+3|≤|2m−1|+|1−m||m|恒成立因为：|2m−1|+|1−m||m|≥
K0所以kx^2-x+k
x^2(x+m)-3x(x+2)-2n=x(x^2-6)+4,——》[x^2(x+m)-3x(x+2)-2n]-[x(x^2-6)+4]=0,——》(m-3)x^2-(2n+4)=0,——》m-3=0
∵x4=[-2+（x+2）]4=C04（-2）4 （x+2）0+C14（-2）3（x+2）1+C2 4（-2）2 （x+2）2+C34（-2）（x+2）3+C44&nbs
我做在纸上,传上来.再答：是求m的范围吧?再问：再问：不是那是第二问再答：再答：用分离变量求较简单，两题有明显的不同。再答：第一问求m的范围比较好，你其实也可说明理由：f(x)min=4>0只需m>0
第一问：判别式Δ=4(m-1)^2+4m(m+2)=4(2m^2+1)>0恒成立,即对于任意的实数m均有判别式大于0,所以根据一元二次方程的判别可以知道原方程恒有两个不相等的实数根.第二问：先求判别式
(1)令x=y=0,所以f(0)=f(0)+f(0),所以f(0)=0令x=y=1,所以f(1)=f(1)+f(1),所以f(1)=0令x=y=-1,所以f(1)=f(-1)+f(-1),所以2f(-
依题意知，m≠0，∵对于任意实数x，恒有f（x）≤f（m），∴函数f（x）存在最大值，且最大值为f（m），∴m＜0，又当x=−m−32m时，函数f（x）=mx2+（m-3）x+1取最大值，∴−m−32
（1）f(xy)=f(x)+f(y).令x=y=0.有f(0)=f(0)+f(0).===>f(0)=0,令x=y=1,有f(1)=f(1)+f(1).===>f(1)=0.令x=y=-1.有f(1)
y=2x²-mx-m²这个可以作图证明双证明,（1）①令m0所以与x轴有两个焦点(m无论正负,他的平方必然为正数)②令m=0;y=2x²这个特殊函数必然与X轴有焦点,可以
不等式ax^2-2x-4
德尔塔=m的平方+14m+65德尔塔的德尔塔＜0德尔塔肯定大于0,原方程肯定有两个不同实根
f'(x)=2x+m+n/x
(kx^2+kx-1)/(1-x+x^2)
由题意得到的方程如下:a+2b+2c=32a+3b+6c=4ax+bd+cxd=x(恒成立)第三个方程等价于(a+cd-1)x+bd=0恒成立.依据多项式恒等的充要条件,得到a+cd-1=0,且bd=
“f(x)>0”是根据条件推出来的,没有问题.是后面的推证有问题.欲使x再问：此题要求（1）（2）同时满足，由（1）知m<0,那么f(x)开口向下，那么在x<-4时，不可能满足f(x)&g