质量可忽略的杆长为l,质量都为m的两质点分别在杆中央和一端
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/05/17 01:04:28
如图,动力臂为OA=L,杠杆受到物体的压力(阻力)F′=G,阻力臂为OB,OB=OA-vt=L-vt,∵杠杆平衡,∴F×OA=F′×OB=G×(OA-vt),即:F×L=G×(L-vt),∴F=G-v
(1)对M与m整体运用牛顿第二定律得:a=FM+m对m受力分析,根据牛顿第二定律得:f=ma=FmM+m(2)在此过程中,木块与木板各做匀加速运动:木块的加速度为:a1=μmgm=μg木板的加速度为:
不计摩擦生热(2mg/m0)^(1/2)再问:错了,没有这一个选项的答案再答:有什么
速度小,需要的向心力小,物体的重力就比需要的向心力大,重力过大,就会掉下来,所以小球需要支持力,那么小球给杆就是压力.速度大,需要的向心力大,物体的重力就比需要的向心力小,重力不够大,物体会往外飞出去
最高点mg>=mv0^2/l从最低点到最高点(1/2)mv^2=2mgl+(1/2)mv0^2
第一问:要想使木板从小木块下拉出,则需要使得木板的速度变化比小木块速度改变快,也就是木板的加速度a1>小木块的加速度a2设刚好能拉出时,a2=umg/m=ug.(1)此时a1=[F-u(M+m)g-u
小球在整个运动过程中的机械能守恒,在最低点的速度为V1,最高点的速度为V2,就有:(mv1^2)/2=(mV2^2)/2+mg2L,可求出:V2=√[2((v1^2)/2-gL)].小球在最高点做圆周
(1)对小球从A到B由动能定理得:mgL+qEL=12mv2-0解得:Ek=(mg+Eq)L(2)在最低点,小球受到重力、电场力与杆的拉力的作用,竖直方向合力提供向心力,由牛顿第二定律得:T-mg=m
角加速度为0AB杆由水平到竖直阶段由于重力做功,角速度不断加速的,故角加速度为正值;超过竖直阶段之后重力做负功,角速度是不断减速的故角加速度为负值,而在竖直位置角速度达到最大值,也是一个临界点,此时角
由质心系的动量守恒定律可知系统的质心在水平方向上的位移为零.所以这一过程中小球沿水平方向的移动距离始终为零.
上面那一段线不动,垂直,下面那一段用重力和电场力求夹角
最大速度四米每秒长度六米原理:因为0到1秒受力为180n所以向下的加速度为120除以30为4米每秒又因为下滑了一秒再变减速所以最大速度4又因为初末速度都为0且为匀变速所以平均速度为2米每秒所以长度6米
当运动到最高点时,由于小球做匀速圆周运动所以向心力F=m*v^2/R=2*2^2/0.5N=16N对小球做受力分析,设竖直向下为正方向重力和杆对小球的作用力的合力提供向心力,即F=G+N所以N=F-G
分析:分别对两物体受力分析,由共点力的平衡规律可知两物体的质量关系;由力的合成可知m1增大后,角度变大可使物体再次处于平衡状态.对m1受力分析,可知绳子对m1的拉力等于m1的重力;由于绳子各部分拉力相
答案在图上再问:谢了再答:满意的话给个好评采纳哈再问:再问:帮帮忙,做
(1)以人为研究对象,人加速下滑过程中受重力mg和杆对人的作用力F1,由题图可知,人加速下滑过程中杆对人的作用力F1为180N.由牛顿第二定律得mg-F1=ma,则a=4m/s2.1s末人的速度达到最
(1)当铁块运动到最低点时打夯机对地面的压力最大.(2)当铁块运动到最高点时,打夯机才会离开地面,受到地面的支持力为零,此时设杆的拉力为F,则由牛顿第二定律:对M有:F-Mg=0  
(1)=1/2根号(3gl/4)(2)=0
1.拉出的条件是短木板加速度a1<长木板加速度a2短木板受力F1=umg加速度a1=ug长木板与桌面摩擦力F2=u(M+m)g与短木板摩擦力即为短木板受力F1长木板受合力F合=F-F1-F2=F-um
根据向心力公式可知F=mω^2*rω=2π/T,ω为角速度.半径即为轻质杆长度L,解得,F=mg/3,方向为向圆心O.当小球运动到顶端时,做受力分析,小球受到竖直向下的重力mg,杆的支持力,它们的合力