如图所示,机构位于铅锤平面内,曲柄长OA=0.4m

（1）金属杆一大小为v0、方向沿x轴正方向的初速度．接着向右匀减速运动，当速度为零后，向左匀加速运动，所以回路中存在感应电流的时间t=2v0a，（2）根据法拉第电磁感应电动势，则有E=12Bdv0，由

（1）设滑块在B点速度为v，对滑块从A到B的过程，由动能定理得：mgR-EqR=12mv2①设滑块在B点对B点压力为F，轨道对滑块支持力为F′，由牛顿第三定律得得：F′=F②对滑块由牛顿第二定律得：F

C首先根据公式φ=Ep/q推出‘沿着电场线方向电势逐渐降低’、A、B都为负电荷、电场线指向场源方向!所以C等势面的电势低于D等势面、即C点电势低于D电势!D正电荷在接近A、B连线时、两电场力与正电荷运

相框进入磁场后做切割运动,产生电流而有焦热产生.当相框全部进入磁场后,磁通量不变化,电流为0,没有焦热产生.所以这题算焦热的话只算到ab边进入磁场即可.当某一阶段速度达到最大,即安培力最大,此时的加速

应该是ABD从状态1到2,磁通逐步正向增大,线圈产生的磁通应该阻碍磁通增加,所以电流顺时针.2到3,正向磁通减小,负向增大,所以电流变成逆时针了.到状态4,总磁通为0,但磁通变化率不是0,所以电流继续

由静止开始下滑.初速度为0.初态没有动能

磁感线由右至左,安培定则一得到环的左边向纸外运动,环的右边向纸内运动.由安培定则二,确定小环相当于一个电磁铁,转过一定角度后,小环的N极指向磁铁的S极,所以靠近.再问：这跟安培定则有什么关系？左手定则

在0≤x≤l小球受电场力和重力,合力平行于y轴,在l＜x内小球受重力,方向沿-y方向,加速度为-g.由于最后恰好能穿过x轴上的P（3l,0）点,因此在0≤x≤l内小球应受到沿+y方向的力,加速度设为a

（1）运动轨迹图；（2）小球在电场、磁场中恰能做匀速圆周运动，说明电场力和重力平衡（恒力不能充当圆周运动的向心力），有：qE=mg      

（1）小球恰能通过a点，小球第一次到达a点的速度为0，由动能定理有：qER-mgR=0…①故E=mgq…②（2）设第二次到达a点的速度为vn，由动能定理有：qER=12mv2a…③到达最高点时小球对轨

D梯形面积=（1+2）*3/2=4.5

通以顺时针的电流，由于处于S极的磁体附近，根据左手定则可得，线圈左边安培力垂直纸面向外，右边安培力垂直纸面向里．从上往下看，导致线圈逆时针转动，由于磁场的不均匀，导致线圈受到安培力的作用向磁铁靠近，故

、d过最高点时速度为零（这个是极限）,能得出答案b；过最高点时速度大于根号下gR,则重力不足以提供向心力,轨道对小环有向内的支持力,即答案d再问：选B的原因是不是这个是小环，所以没有向心力也行再答：是

d再问：为什么再答：先回答选项c和d：假设小环在最高点刚好能通过，则重力充当向心力，则有mg=mv^2/r,速度v=根号下gr，若v>根号下gr，则重力比向心力小，小环需增加一个向下的力，所以轨道给小

恰好能通过最高点时,重力提供向心力.mg=mv^2/R,v=sqrt(gR).由机械能守恒,mgh1=mg*2R+mv^2/2,h1=2.5R对轨道压力N=5mg时,N+mg=6mg=mv^2/R,此

没图,不过应该用能量守恒做再问：嗯，谢谢，已经百度到了

由等效加速圆的定理如果B在圆上,那么A与B同时到达,而B在园外,所以A比B先到达,且A,D同时到达再来比较A和C由几何关系A与C在同一高度分解竖直方向的加速度有ac=gaa=gsin^2θ因为sin^

甲做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，所以在在未落地前任何时刻，甲乙都在一竖直线上，最后在地面上相遇，可能在P点前，也可能在P点后；甲在竖直方向上做自由落体运动，所以在未落地前的任何时刻，甲丙在同

图呢?