如图所示,一辆光滑曲面小车

设AB碰后的共同速度为v1，C到达最高点时A、B、C的共同速度为v2，规定向右为正方向，A、B碰撞过程动量守恒：mv0=2mv1C冲上圆弧最高点过程中系统动量守恒：Mv0+2mv1=（M+2m）v2C

(1)动量守恒：m木v0=(m木+m车)v0.5×2=2vv=0.5m/s(2)f=μm木g=1Na木=f/m木=μg=2m/s²at=v0-v2t=2-05t=0.75s(3)a车=f/m

（1）人、球与小车组成的系统在水平方向不受其他的外力作用，系统的动量守恒，选取向左为正方向，第一次抛出小球后：Mv0=5mv0+（M-m）v1代入数据解得：v1=9599v0，方向仍然向左；（2）抛出

（1）除锁定后弹簧的弹性势能转化为系统动能，根据动量守恒和能量守恒列出等式得mv1-Mv2=012mv21+12Mv22=Ep解得：v1=3m/s   v2=1m/s&n

根据动量守恒：mv=（M+m）v′根据功能关系：μmgL=12mv2-12（M+m）v′2联立得：L=Mv22μg(m+M)故答案为：Mv22μg(m+M)．

A：小球由静止释放过程中，绳子拉力对小球做功，小球机械能不守恒，故A错误，B正确．C：小球与小车系统在整个过程中只有重力做功，系统机械能守恒，故C正确D错误．故选：BC．

没有图,我只好裸做,真不厚道~作为补偿要采纳我哦~弹簧松开后,根据动量定律和动能定理可列如下方程组,（注意,我把速度的单位全部取正!你也可以分正负做,结果相同的）mA*VA=mB*VB可得VA=3VB

若人跳离b、c车时速度为v，由动量守恒定律0=-M车vc+m人v，m人v=-M车vb+m人v，m人v=（M车+m人）•va，所以：vc=m人vM车，vb=0，va=m人vM车+m人．即：vc＞va＞v

(1)设小物块滑到圆弧轨道底端Q的速度vQ,在小物块从圆弧轨道上滑下的过程中,由机械能守恒定律得mgR=mvQ2／R小物块在圆弧轨道底端Q,由牛顿第二定律有N-mg=mvQ2／R联立解出N=30N由牛

图呢?发过来再问：再答：1.滑块从高处运动到轨道底端，机械能守恒．mgH=1/2mv0^2v0=√2gH2.滑块滑上平板车后，系统水平方向上不受外力，动量守恒，小车最大速度与滑块共速的速度．mv0=（

光滑的水平面没有摩擦力

动量定理(m1+m2)v1=(m1+m2)v2所以v1=v2

（1）物体下滑过程机械能守恒mgh+12mv21＝12mv22∴v2＝v21+2gh＝25m/s物体与小车作用过程动量守恒mv2=（m+M）V∴V＝mv2m+M＝20×2520+40＝235m/s对车

AB两人及小车组成的系统受合外力为零，系统动量守恒，根据动量守恒定律得：mAvA+mBvB+m车v车=0，A、若小车不动，则mAvA+mBvB=0，由于不知道AB质量的关系，所以两人速率不一定相等，故

A、以小球和小车组成的系统为研究对象，只有小球的重力做功，系统的机械能守恒，故A错误．B、C，当小球向下摆动的过程中，竖直方向具有向上的分加速度，小车和小球整体处于超重状态，地面对小车的支持力大于小车

小球和小车组成的系统水平方向动量守恒，设小车初速度方向为正，根据动量守恒：Mv0=（m+M）v得：v=Mv0m+M故选：D．

没有图片,但大致可以理解为什么列动量守恒时等式右边不加上B球的质量?因为此时AB球已经分开,仅A与小车相碰,此时的动量守恒是在A与小车之间的,A与小车是一个整体,与B无关,与B有关的动量守恒定律在A与

（1）下滑过程机械能守恒，设滑到底端的速度为v2∵mgh+12mv21＝0+12mv22∴v2＝v21+2gh＝25m/s根据mv2=（m+M）V∴V＝mv2m+M＝20×2520+40m/s＝235

小车与物体组成的系统在水平方向动量守恒，以向右为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：Mv1+mv2cosθ=（m+M）v，解得：v=mv2cosθ+Mv1M+m；故答案为：mv2cosθ+Mv1M+

1,由于车面光滑,当车停后,两小球受力都是平衡的,则都以原来的速度运动,而开始小球的速度是相等的（都是车开始时的速度）,所以它们始终保持一个不变的距离.2,即使m1＞m2,3,质量大惯性就大是指质量大