如一小球从一

把速度和重力加速度都分解到垂直斜面(v1=vsina,a1=gcosa)和平行斜面(v2=vcosa,a2=gsina)的方向上,然后就可化为在一平面上的竖直上抛运动和匀加速直线运动合成的运动了.t=

0.5at的平方=20a=6.4m/s的平方v=at=6.4X2.5=16m/s

根据h=12gt2得，t=2hg=2×12510s=5s．第11个球和第一个球之间有10个间隔，所以相等的时间间隔△t=t10=0.5s．第一个小球恰好到达井底时，第三个球已下降4s，第五个球已下降3

1、（1)开放的民族政策（2）唐太宗时期,文成公主嫁给松赞干布（3）西藏（4）两族之间经济文化交流密切2、是,科举制度为国家机构选拔了大量的各方面才.3、在魏晋南北朝期间文化得到了很好的发展,在隋朝一

不计弹簧质量,小球离开弹簧时,弹簧的长度一定是原长再问：就是说小球不是在平衡位置C离开弹簧的，而是在弹簧恢复原长的B点离开弹簧的？再答：是的在B点小球不是在平衡位置C离开弹簧的，而是在弹簧恢复原长的B

重力对小球做的功使小球的重力势能转化为动能,不影响小球机械能的总量空气阻力对小球做功,使小球的机械能减少落地时小球的机械能减少了0.5J

从斜面上某一位置每隔0.1s释放一个小球,释放后小球都能做匀加速直线运动,在连续释放几个小球后,对在斜面上滑动的小球拍照,这样拍得的照片可以看成是某一个球沿斜面匀加速下滑时相隔t=0.1s时的闪光照片

A、小球从A点运动到B点过程中，速度逐渐增大，由向心力F＝mv2R可知，向心力增大，故A正确；B、平均功率P＝mgRt不为零，故B错误；C、该过程中重力的瞬时功率从0变化到0，应是先增大后减小，故C错

补充：①【因为小球是在做自由落体,由此可得本题的隐含条件：忽略空气阻力所以子弹也是在做自由落体】②【根据牛顿第二定律F=ma可知子弹射出后,所受的外力只有一个就是自身的重力,所以这个加速度是由重力的作

如果没有空气阻力或空气阻力恒定,那么上抛的整个过程小球的加速度是不变的.所以,如果风阻是f=kv的正比关系,那么加速度就只和速度v有关系了,既抛出时加速度最大,落回时加速度最小.

设摩擦力f=kt摩擦力冲量Pf=ΣfΔt=ΣkvΔt=kΣΔs=kh只跟高度h有关上升过程冲量定理：mv0=mgt1+kh下降过程冲量定理：mv1=mgt2-kh两式相加得m（v0+v1）=mg（t1

第一次碰的速度是根号下2gh,时间是根号下2h/g第二次的速度是e乘以根号下2gh,时间是2e/g乘以根号下2gh,第三次的速度是e^2乘以根号下2gh,时间是2e^2/g乘以根号下2gh那么总时间就

答案113.设第n次有a_n个球.则有递推关系a_n=a_{n-1}-n+3n=a_{n-1}+2n.故a_n=a_{n-1}+2n=a_{n-2}+2(n-1)+2n=a_{n-3}+2(n-2)+

计算中,马上发图再答：

当h最大时,t＝4.9再问：求方法，过程再答： 再答：俺们老师教的最简便的方法。

S=1/2gT^2125=1/2*10*T^2得到总的第一个小球从出发到落地时间T=5S间隔时间t=T/10=0.5SS3=1/2gT3^2=1/2g(T-2t)^2=80mS5=1/2gT5^2=1

h=9.8t-4.9t方得h/4.9=2t-t方=-(t-1)方+1;由于是抛物线,开口向下,有t=1时,有解；得h=4.9

应该是h=30t-5t²吧.当h=0时,t=0或6所以当t=3时,有hmax=45答：小球运动的时间为3秒时,小球处于最高点.小球运动中的最大高度为45米

对上面的式子求导的他的极大值,则最大高度就是在t=1的时候,h=4.9m.

A、根据竖直上抛运动的上升和下降具有对称性可得，小球两次经过离地面高h的某点时速度大小相等，但方向相反，故A正确．B、小球始终仅受重力作用，故加速度恒定，故B错误．C、动能为标量，同一物体速度相等则动