设函数f(x)=x2,g(x)=alnx+bx(a>0).
来源:学生作业帮 编辑:作业帮 分类:数学作业 时间:2024/05/27 11:35:00
设函数f(x)=x2,g(x)=alnx+bx(a>0).
(1)若f(1)=g(1),f′(1)=g′(1),求F(x)=f(x)-g(x)的极小值;
(2)在(1)的结论下,是否存在实常数k和m,使得f(x)≥kx+m和g(x)≤kx+m成立?若存在,求出k和m,若不存在,说明理由.
(1)若f(1)=g(1),f′(1)=g′(1),求F(x)=f(x)-g(x)的极小值;
(2)在(1)的结论下,是否存在实常数k和m,使得f(x)≥kx+m和g(x)≤kx+m成立?若存在,求出k和m,若不存在,说明理由.
(1)f′(x)=2x,g′(x)=
a
x+b,代入可得:a=1,b=1
∴F(x)=x2-lnx-x,
∴F′(x)=2x−
1
x−1=
2x2−x−1
x=
(x−1)(2x+1)
x
∵当x∈(0,1)时,F′(x)<0,当x∈(1,+∞)时,F′(x)>0,
∴F(x)在(0,1)递减,(1,+∞)递增,
∴F(x)的极小值为F(1)=0
(2)由(1)得,(1,1)是f(x)和g(x)的公共点,
f(x)在点(1,1)处的切线方程是y=2x-1
∴若存在实常数k和m,使得f(x)≥kx+m和g(x)≤kx+m成立
即f(x)≥2x-1和g(x)≤2x-1同时成立
∵f(x)-2x+1=x2-2x+1=(x-1)2≥0,
∴f(x)≥2x-1
令h(x)=g(x)-2x+1,h′(x)=
1
x−1=
1−x
x,
∴h(x) 在(0,1)递增,(1,+∞)递减,
∴h(x)max=h(1)=0,
∴h(x)≤0,即g(x)≤2x-1成立
∴存在k=2,m=-1使得f(x)≥kx+m和g(x)≤kx+m成立
a
x+b,代入可得:a=1,b=1
∴F(x)=x2-lnx-x,
∴F′(x)=2x−
1
x−1=
2x2−x−1
x=
(x−1)(2x+1)
x
∵当x∈(0,1)时,F′(x)<0,当x∈(1,+∞)时,F′(x)>0,
∴F(x)在(0,1)递减,(1,+∞)递增,
∴F(x)的极小值为F(1)=0
(2)由(1)得,(1,1)是f(x)和g(x)的公共点,
f(x)在点(1,1)处的切线方程是y=2x-1
∴若存在实常数k和m,使得f(x)≥kx+m和g(x)≤kx+m成立
即f(x)≥2x-1和g(x)≤2x-1同时成立
∵f(x)-2x+1=x2-2x+1=(x-1)2≥0,
∴f(x)≥2x-1
令h(x)=g(x)-2x+1,h′(x)=
1
x−1=
1−x
x,
∴h(x) 在(0,1)递增,(1,+∞)递减,
∴h(x)max=h(1)=0,
∴h(x)≤0,即g(x)≤2x-1成立
∴存在k=2,m=-1使得f(x)≥kx+m和g(x)≤kx+m成立
已知函数f(x)=-x3+x2+bx,g(x)=alnx,(a>0).
高中数学.设函数f(x)=x2+bx-alnx
f(x)=x²-alnx-bx+2,若函数f(x)有两个不同的零点x1,x2,求证a*f’{(x1 +x2)/
已知函数f(x)=1/2x2+alnx,g(x)=(a+1)x(a≠-1),H(x)=f(x)-g(x).
设函数f(x)=x3+2ax2+bx+a,g(x)=x2-3x+2
已知函数f(x)=x2-(2a+1)x+alnx.
已知函数fx=x^2-(a+2)x与g(x)=-alnx 设h(x)=f(x)-g(x),a是常数
已知函数f(x)=x2+alnx
已知函数f(x)=12x2+alnx(a∈R).
设函数f(x)=(1/3)mx³+(4+m)x²,g(x)=alnx,其中a≠0
设f(x)=ax2+bx+c(a≠0),则F(x)=f(x)+g(x)=(a+1)x2
设函数f(x)=x的平方,g(x)=alnx+bx,(a>0),若f(1)=g(1),f'(1)=g'(1),求f(x)