已知z是复数,z 2i,z 2-i均为实数,且复数z ia2

1.设z=a+biz+|z|=a+bi+根号（a^2+b^2）=2+8i所以b=8a=-152.设z1=a+biz2=c+diz1+z2=(a+c)+(b+d)ia^2+b^2=25c^2+d^2=9

设z=x+yi（x，y∈R），∵（1+3i）z=（1+3i）（x+yi）=（x-3y）+（3x+y）i∈R∴虚部3x+y=0，即y=-3x     &

设z=x+yi，（x、y∈R），则（1+3i）•z=（x-3y）+（3x+y）i为纯虚数，∴x-3y=0，3x+y≠0，∵|ω|=|z2+i|=52，∴|z|=x2+y2=510；又x=3y．解得x=

z1=1-2i,1/z1=1/(1-2i)=(1+2i)/5z2=3+4i,1/z2=1/(3+4i)=(3-4i)/251/z=1/z1+1/z2=(1+2i)/5+(3-4i)/25=(5+10i

设z=a+bi∵z2=i，∴（a+bi）2=i，∴a2-b2+2abi=i，∴a2=b2，2ab=1，∴a=22，b=22或a=-22，b=-22∴z=±22(1+i)故答案为：±22(1+i)

1/(1-2i)+1/(3+4i)=(1+2i)/5+(3-4i)/25=(8+6i)/25所以z=25/(8+6i)=25(8-6i)/100=2-(3/2)i

由z＝2i1+i=2i(1−i)(1+i)(1−i)＝2+2i2＝1+i．所以z2=（1+i）2=1+2i+i2=2i．故选A．

z1=3+4i,|z2|=5z1·z2是纯虚数,|z1|=5所以z1和z2为共轭复数则z2=3-4i

利用图像法.点z1在x轴上,点z2在y轴上,因为|z-z1|=|z-z2|,即z到z1的距离等于z到z2的距离,即z必在∠z1Oz2的角平分线上,所以z在一,三象限的角平分线上,即辐角主值为π/4或5

（1）z=-2i+3+3i2-i=3+i2-i=1+i，（2）把Z=1+i代入z2+az+b=1-i，即（1+i）2+a（1+i）+b=1-i，得a+b+（2+a）i=1-i．所以a+b=12+a=-

设z2=x+yiz1*z2=(1+3i)(x+yi)=x-3y+(3x+y)i+为纯虚数,则x=3yz2=3y+yi|z2|=y√10|(z+2i)|=2√2|z2/(z+2i)|=y√10/(2√2

由Z1+Z2=2i得z2=2i-z1z1-z2=2z1-2i设：z1=cosΘ+isinθ则：|Z1-Z2|=|2(cosΘ+isinθ)-2i|=|2cosΘ+i(2sinθ-2)|=√[(2cos

设z2为x+i根据题的z2为2+i再问：能说详细点吗再答：根据已知z1=（3+i）/（1+i）z1*z2=（x+i）（3+i）/（1+i）化简出虚部位2i-xi所以x=2再问：求复数z2,不是x再答：

1/z=1/(5+10i)+1/(3-4i)=(3-4i+5+10i)/(5+10i)(3-4i)=(8+6i)/(15-20i+30i+40)=(8+6i)/(55+10i)z=(55+10i)/(

（1）∵z=b-2i，由z2−i=b−2i2−i＝(b−2i)(2+i)(2−i)(2+i)＝(2b+2)+(b−4)i5为实数，则b=4．∴z=4-2i；（2）∵（z+ai）2=（4-2i+ai）2

z1z2＝a+2i3−4i＝(a+2i)(3+4i)25＝(3a−8)+(6+4a)i25，因为z1z2为纯虚数，所以3a-8=0，得a＝83，且6+4×83≠0，所以a＝83满足题意，故z1＝83+

设z1=a+bi，∵（3+i）z1为实数，∴（3+i）（a+bi）=3a-b+（a+3b）i∴a+3b=0，∴z1=a+bi=-3b+bi∵z2＝z12+i＝−3b+bi2+i=(−3b+bi)(2−

2分之13根号下2

（Ⅰ）设复数z=a+bi（a，b∈R），由题意，z+2i=a+bi+2i=a+（b+2）i∈R，∴b+2=0，即b=-2．又z2−i＝(a+bi)(2+i)5＝2a−b5+2b+a5i∈R，∴2b+a

∵z1=1+i，z2=1+bi，则z2z1=1+bi1+i＝(1+bi)(1−i)(1+i)(1−i)＝1+b+(b−1)i2，∵z2z1为纯虚数，∴b+1＝0b−1≠0，即b=-1．故答案为：-1．