如图所示 单位正方形ABCD,M为AD

过H向CD和BC作垂线分别垂直于M、N,设HG与CD交与点P,HE与BC交与点Q然后证△HNQ≌△HMP(AAS)所以四边形HQCP的面积等于正方形HNCM的面积恒等于1/4正方形ABCD的面积

证明：如图，过点E作EG⊥BC于G，过点M作MH⊥CD于H，∵四边形ABCD是正方形，∴EG=MH，EG⊥MH，∴∠1+∠3=90°，∵EF⊥MN，∴∠2+∠3=90°，∴∠1=∠2，∵在△EFG和△

先算出四边形ABCD和四边形DCEF的面积剪去三角形AMD,DFE,MBE的面积

∵正方形ABCD中，对角线AC、BD交于点O，∴∠OBC=45°．∵点M、N分别为OB、OC的中点，∴MN∥BC．∴∠OMN=∠OBC=45°．∴cos∠OMN=cos45°=22．

（Ⅰ）连接D1O，如图，∵O、M分别是BD、B1D1的中点，BD1D1B是矩形，∴四边形D1OBM是平行四边形，∴D1O∥BM．（2分）∵D1O⊂平面D1AC，BM⊄平面D1AC，∴BM∥平面D1AC

这个好几种方法呢,选择最简单的吧.过点B作BE⊥AB1交AB1于点E,连接CE.∵BC⊥平面ABB1,∴BC⊥AB1,∴AB1⊥平面BEC,∴AB1⊥CE∴∠CEB即为所求角RT△ABB1内,AB=2

这个问题已经有很多的现成回答了啊,提示：将△CBE绕B点旋转90°,得△BE'A,连接EE'       135°

解题思路：延长CD到E,使DE＝BM,连接AE易证△ADE≌△ABM所以DE＝BM,AE＝AM,∠BAM＝∠EAD已知AM=BM+DN所以AE＝NE所以∠EAN＝∠ENA即∠ENA＝∠EAD＋∠DAN

C,如果不计较繁琐的计算过程,按照解选择题的速度原则.思路如下：此处线框的一个边产生的电能=线框经过磁场区域时本应该增加的动能=经过磁场区域时减少的势能=mgl（能量守恒）,但是每次线框有2个边要产生

EN你发图我解答再问：发不了图啊！再问：发不了图啊！再答：keyijiatupian再问：好了我会了，谢谢〜不用再帮忙了***真心*感谢〜〜

图中右下点应为D.设正方形边长为a.△ABC与△MBC的底边均为BC,高均为顶点到BC的距离,即正方形的边长a.S△ABC=S△MBC∴S△ABG+S△BCG=S△MCG+S△BCGS△ABG=S△M

（1）DP=DA，证明：连接AP，BP，∵点P是△ABC内心，∴∠BAP=∠CAP，∵四边形ABCD是正方形，∴∠ABP=∠CBP=45°，∴P在对角线BD上，∴∠DPA=∠DBA+∠BAP=45°+

设粒子的入射速度为v,粒子从a点到c点这一过程,由牛顿第二定律有：qE＝ma,由运动学公式有：L＝at^2/2,L＝vt,设粒子在a点和c点的动能分别为Eka和Ekc,由动能定理有：qEL=Ekc-E

连接CM交BD于N,在连接AN,则AN=CN,∴AN+NM=CN+NM=CM∵M、N、C三点共线,∴CM就是AN+NM的最小值,在Rt⊿CBM中：BC=4,BM=3,∴CM=5∴AN+NM的最小值为5

第一题：45°第二题：接2-2（x+y）+xy=0设x+y=a,则xy=2a-2所以x、y是一元二次方程A平方-aA+2a-2=0的两个根.根据△大于等于0,算出a-4的平方大于等于8因为0小于a小于

（1）如图，延长CB至L，使BL=DN，则Rt△ABL≌Rt△ADN，故AL=AN，∠1=∠2，∠NAL=∠DAB=90°又∵MN=2-CN-CM=DN+BM=BL+BM=ML∴△AMN≌△AML∴∠

设长方体长为L,宽为W,高为H.由图可知：2W+2H=202H+L=15W+H=L解此方程组得：L=10cmH=2.5cmW=7.5cm表面积A=2(2.5*7.5)+2(10*2.5)+2(10*7

考点：相似三角形的判定与性质；坐标与图形性质；勾股定理；正方形的性质．专题：规律型．分析：先根据两对对应角相等的三角形相似,证明△AOD和△A1BA相似,根据相似三角形对应边成比例可以得到AB=2A1

点P在四边形ABCD上,点P通过右移3个单位,变成(1,1.5),再向下平移2个单位,变成（1,-0.5）,然后绕原点O旋转90°,得到P1,如果是顺时针旋转,P1坐标为（-0.5,-1）,如果是逆时

20中有2个AD长是,所以AD=20/2=10（也是长方体的长和高）图中四边形ABCD是正方形,所以AB=10(也是长方体的宽）15是长方体的宽和2条高总和,所以：高：（15-10）/2=2.5长：1