如图所示 一块质量为m=2kg 长为l15米上表面光滑

当A滑上B时受到B给A的摩擦力,向后,A做匀减速直线运动.根据作用力与反作用力可知B收到A向前的摩擦力,做匀加速直线运动~当A和B的速度一样时,两物体没有相对运动,摩擦力消失,一起做匀速直线运动!A：

1.P=F/S,F=G=mg=880N,S=长x宽=0.4m^2,P=2200Pa2.WG=Gh=880Nx3m=2640J,P=W/t=44W(t=60s)3.因为在动滑轮上的绳子有4股,所以s=4

（1）对小物块受力分析      由牛顿第二定律：F-μ1mg=ma      

1）用Vt^2-V0^2=2aSa=uMg/mVt=3联立得S=0.3m3）由于小车与地没有摩擦,且碰撞时候没有能量损失,最后系统所有的动能全部转换成摩擦生热,所以可由其算出相对位移uMgs=1/2m

(1)设小物块滑到圆弧轨道底端Q的速度vQ,在小物块从圆弧轨道上滑下的过程中,由机械能守恒定律得mgR=mvQ2／R小物块在圆弧轨道底端Q,由牛顿第二定律有N-mg=mvQ2／R联立解出N=30N由牛

（1）aA=ug=1m/s^2,Sa=1/2aAt^2=0.5m(2)B受到A的摩擦力大小为f=umag=0.8N,方向与F相反aB=(5.6-0.8)/2=2.4m/s^2Sb=1/2*2.4=1.

前4秒钟m与M之间的摩擦力F1可以带动M加速运行并克服M与水平面的摩擦力F2,可以看出F1大于F2.因此,在m与M共同移动时,F2不足于克服F1,即m与M不存在相对运动.根据力与加速度的关系：对前4秒

根据牛顿第二定律，M的加速度为：a＝F−μ(M+m)gM=12−0.25×(2+2)×102m/s2=1m/s2假设4s内m不脱离M，则M的位移为：x＝12at2=12×1×42m＝8m＞2m所以，4

（1）由牛顿第二定律得：对物块：μmg=ma，解得：a=μg=0.3×10=3m/s2，对木板：F-μmg=Ma′，解得：a′=F−μmgM=6−0.3×1×103=1m/s2，经过时间t1=v0a=

（1）经过1s,A.B的速度相等.对a,b分别作受力分析,a的加速度是4m/s2,b的加速度是2m/s2.因为最终的速度是相等的,于是有等式,a的末速度等于b的末速度.即2t（b的速度表达式,初速度为

匿名|浏览次数：6538次如图所示,水平轨道上,轻弹簧左端固定,自然状态时右端位于P点.现用一质量m=0．1kg的小物块（视为质点）将弹簧压缩厣释放,物块经过P点时的速度v0=18m／s,经过水平轨道

根据摩擦因数μ=0.20等已知条件可以求出两物体之间摩擦力为4牛所以小物体的加速度为两米每二次方秒又因为运动时间为1秒可求出小物体位移为1米最终小物体位于木板中间,而木板长度为1米可得出木板在这个过程

（1）由牛顿第二定律知滑块和木板加速度分别为a1=F−μmgm=10−0.2×202m/s2＝3m/s2；a2=μmgM=0.2×204m/s2＝1m/s2它们的位移关系为12a1t2-12a2t2=

(1)m与M间恰无摩擦力时m与M具有相同的加速度a=F/(m+M)单独分析mm水平只受弹簧拉力a=F弹/m=kL/mkL/m=F/(m+M)F=3N(2)m与M恰好相对滑动时m与M具有相同的加速度a=

0.8；0.24根据动量守恒有：，解得小车的最大速度是0.8m/s；根据动量定理有：，得t=0.24s。

（1）对物块由牛顿第二定律：F-μmg=mam1得：am1=F−μmgm＝2m/s2由L＝12am1t21  得t1＝2Lam1＝1s所以：vm1=am1t1=2m/s（2）I区域

（1）木板获得初速度后，与小滑块发生相对滑动，木板向右做匀减速运动，小滑块向右做匀加速运动，根据牛顿第二定律，加速度大小分别为：am=fmm=μ2g=4m/s2aM=fm+f地M=5m/s2设木板与墙

A、B/小木块的加速度为：a1＝F−μmgm＝4−21＝2m/s2，木板的加速度为：a2＝μmgM＝1m/s2，脱离瞬间小木块的速度为：v1=a1t=4m/s，木板的速度为：v2=a2t=2m/s．故

图在哪里啊?再问：再答：先进行受力分析再答：本题主要用牛顿第二定律再问：木板会动，我就不会分析了。再答：F＝ma再问：还是不会…再答：它的位移指的是相对位移再答：还是0再问：啊？再答：是相对地面的位移

设地面与木板的摩擦力为f,则有f=u(M+m)g=6N.把M与m整体考虑,M对地的加速度为a=1m/s2,m对地的加速度为-a=-1m/s2,故F-f=Ma+m(-a)计算得F=7Nm相对于M的加速度