将Fe和Al按一定的质量比组成合金.
来源:学生作业帮 编辑:作业帮 分类:化学作业 时间:2024/05/10 23:53:47
将Fe和Al按一定的质量比组成合金.
(1)取一定量的该合金,向其中加入足量NaOH溶液,生成气体n L(标准状况),则反应的离子方程式是______,合金中Al的物质的量是______.
(2)另取相同质量的该合金,向其中加入足量稀硫酸,固体全部溶解,生成气体m L (标准状况),则反应中转移电子的物质的量是______ mol,合金中Fe的质量是______.
(3)向(2)所得溶液中加入过量NaOH溶液,将产生的沉淀过滤,经洗涤、干燥、灼烧后得到一种固体,该固体质量和原合金的质量相等,则原合金中铝的质量分数是______.
(1)取一定量的该合金,向其中加入足量NaOH溶液,生成气体n L(标准状况),则反应的离子方程式是______,合金中Al的物质的量是______.
(2)另取相同质量的该合金,向其中加入足量稀硫酸,固体全部溶解,生成气体m L (标准状况),则反应中转移电子的物质的量是______ mol,合金中Fe的质量是______.
(3)向(2)所得溶液中加入过量NaOH溶液,将产生的沉淀过滤,经洗涤、干燥、灼烧后得到一种固体,该固体质量和原合金的质量相等,则原合金中铝的质量分数是______.
(1)铁和氢氧化钠不反应,铝和氢氧化钠溶液反应生成偏铝酸钠和氢气,反应离子方程式为:2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑,
n L氢气的物质的量=
n
22.4mol,由方程式可知n(Al)=
2
3n(H2)=
2
3×
n
22.4mol=
n
33.6mol,
故答案为:2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑;
n
33.6mol;
(2)加入足量的稀硫酸,Fe、Al与硫酸都反应生成氢气,生成氢气的物质的量=
m
22.4mol,根据电子转移守恒可知,转移电子的物质的量=
m
22.4mol×2=
m
11.2mol;
Al生成的氢气体积等于与氢氧化钠反应生成的氢气体积,则Fe与硫酸反应生成氢气的体积为(m-n)L,氢气的物质的量为
(m−n)L
22.4L/mol=
m−n
22.4mol,根据电子转移可知n(Fe)=n(H2)=
m−n
22.4mol,故m(Fe)=
m−n
22.4mol×56g/mol=2.5(m-n)g,
故答案为:
m
11.2;2.5(m-n)g;
故答案为:2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑;
n
33.6mol;
(3)向(2)所得的溶液加入过量的NaOH溶液,铝离子转化为偏铝酸根,不溶物是氢氧化铁,灼烧后所得固体为氧化铁,测得氧化铁与原混合物的质量恰好相等,则氧化铁中氧元素的质量等于混合物中Al的质量,故原混合物中Al的质量分数等于氧化铁中元素的质量分数为
48
160×100%=30%,
故答案为:30%.
n L氢气的物质的量=
n
22.4mol,由方程式可知n(Al)=
2
3n(H2)=
2
3×
n
22.4mol=
n
33.6mol,
故答案为:2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑;
n
33.6mol;
(2)加入足量的稀硫酸,Fe、Al与硫酸都反应生成氢气,生成氢气的物质的量=
m
22.4mol,根据电子转移守恒可知,转移电子的物质的量=
m
22.4mol×2=
m
11.2mol;
Al生成的氢气体积等于与氢氧化钠反应生成的氢气体积,则Fe与硫酸反应生成氢气的体积为(m-n)L,氢气的物质的量为
(m−n)L
22.4L/mol=
m−n
22.4mol,根据电子转移可知n(Fe)=n(H2)=
m−n
22.4mol,故m(Fe)=
m−n
22.4mol×56g/mol=2.5(m-n)g,
故答案为:
m
11.2;2.5(m-n)g;
故答案为:2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑;
n
33.6mol;
(3)向(2)所得的溶液加入过量的NaOH溶液,铝离子转化为偏铝酸根,不溶物是氢氧化铁,灼烧后所得固体为氧化铁,测得氧化铁与原混合物的质量恰好相等,则氧化铁中氧元素的质量等于混合物中Al的质量,故原混合物中Al的质量分数等于氧化铁中元素的质量分数为
48
160×100%=30%,
故答案为:30%.
Fe和Al是两种常用的金属,将它们按一定的质量比组成混合物.
将一定质量Fe,Al组成的混合物投入到足量的稀盐酸中……
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