一个弹簧振子在光滑平面上做简谐运动,t1

由F=-kx可知为D

因为由弹簧弹力给物体提供加速度,如果加速度变化,则弹力也会变,弹簧也就会发生形变.如果加速度恒定,则弹力也不变,弹簧也就不发生形变.

D,简谐振动时F=-KX,线性,为位移相反,符合这个的只有D

1/2倍k乘以x的平方.k是弹簧弹性系数,x是振幅即半个周期运动的距离.一个周期做的功才是0

轻弹簧受力不平衡,其内部个部分受力也不平衡,都是无穷大的加速度,所以弹簧内部的各个部分运动始终同步,不伸长,以无穷大的加速度加速.[这样讨论没有意义]如果这弹簧有质量,弹簧整体在加速,弹簧内部各个部分

因为实验室正好在震源上方,所以地震波向上传递使振子运动的波是纵波（因为振动方向是沿传播方向,上下振动）,使单摆运动的波是横波（因为振动方向是垂直传播方向,左右振动）所以纵波比横波要早4s到达由公式,波

当振子离开平衡位置的位移为S时,它所受的回复力大小为（KS）因为简谐运动的条件是：F=-KX当振子离开平衡位置的位移为s/2时,它的加速度大小为（Ks/2M）因为加速度的公式是：a=F/m再问：当振子

振子被子弹击中,动量守恒,则M*V+m*v=(M+m)*V3V3=(M*V+m*v)/(M+m)振子被子弹击中前,振子的总机械能为0.5*k*A1^2=0.5*M*V^2A1=V*sqrt(M/k)振

A、弹簧振子在光滑水平面上做简谐振动，在t1与t2两个时刻弹簧长度相同，说明振子经过同一位置，位移大小和方向均相同，故A错误．B、D、速度大小相等，方向不一定相同，也不一定相反，故BD错误．C、振子经

弹簧振子的最大回复力为：Fmax=kx-mg=100*0.15-5=10N弹簧挂5N重物时的伸长量：x=F/k=5/100=0.05m=5cm振幅为：15cm-5cm=10cm振子经过最高点时,弹簧的

据题意：振幅A=2.5cm；振子作一次全振动经过的路程为4A=10cm=0.1m,则振子1s内全振动次数（即频率）为20/0.1=200Hz,周期为T=1/f=0.005s.

沿小球切线方向的力平衡mgsin2θ=Fsinθ,弹力沿弹簧反方向N+mgcos2θ=k(r-l)+Fcosθ

在振子到最大位移时放上物体m,则振幅不变,即A＝x,放上m后振动的最大加速度大小为a=kx/(M+m),则M对m的静摩擦力f=ma=mkx/(M+m),又f=umg,所以u=kx/(M+m)gM和m一

球B的加速度为F/M球A的加速度为零压缩弹簧至平衡时,弹簧弹力与外力F大小相等,此时A受力也是平衡的.当外力突然撤去瞬时,弹簧弹力来不及立即变化,维持原状,所以A仍然平衡；B受到向右的合力作用,产生加

A弹力还没有F的大,还是做加速先B接触后先做加速,当弹力比F力大后,才开始减速C当物体速度为零,则压缩到最短的时候,合力为零应该是速度是最大的时候,D压缩到最短,弹力是最大的,加速度是不为零的,弹力是

就是(10+20n)cm且n为自然数

速度增大,加速度减小,位移减小,动能增大

地震纵波传播速度为：vP=fλP，地震横波传播速度为：vS=fλS有感地震中观察到静止的振子开始振动4.0s后，单摆才开始摆动．知横波由震源传播到实验室的时间比纵波的传播时间多4.0s．设震源离实验室

设弹簧的“劲度系数”为K,振子的质量为m.B到水平面的距离为H.开始时,振子在A处.“B下落的时间”与“振子振动的时间”（周期的正整数倍）相等.t1=t2√(2H/g)=n*{2π√(m/K)}---

频率为1HZ的话纵波和横波的速度就分别为10km/s与5Km/S它们的前沿波面传播到实验室的时间差为4S那么S/10-S/5=-4所以求出S=40km答案应该没有什么明显的错误