质量m=1kg的小滑块可视为质点放在质量为M=3看过的长木块的右端

注意这里的小滑块可获得向右的最大加速度为a3=μg=3m/s^2（1）1.2m/s^23m/s^2时B脱离A此时F=a3（m+M）=7.5N(4)由第（2）问答案可知,当F=9.5N时,A获得a2=4

A恰好滑到B板的左端,并以相同的速度跟B一起向右滑动

你的“木块在上表面的水平方向上不受力”是对的.木块在水平方向没有受力,因此木块是相对于地面静止的,而木板是相对于地面运动的,所以最后木块就会从木板上掉下来的.

（1）A球从距轨道P端h=0.20m的高处由静止释放,当A球运动到轨道P端时,根据动能定理,1/2mAv^2=mAgh（1）A与B相碰,动量守恒,则mAv=(mA+mB)v1(2)再由动能定理,1/2

1、小滑块受到向右的滑动摩擦力,μmg=ma,则加速度a1=μg=1m/s^2,向右木板在水平方向受到向右的恒力F、向左的与滑块的滑动摩擦力和向左的与地面的滑动摩擦力：F-μ1mg-μ2(M+m)g=

解析：（1）小滑块在竖直方向受到三个力：重力mg、木板支持力N1和电场力qE,因此滑块对木板的最大静摩擦力为f(m)=μN=μ(mg+qE)=4N木板能产生的最大加速度a(m)=f(m)/M=2m/s

木板表面无摩擦,则小滑块受力平衡,要保持静止状态.而木板首先在水平向右恒力F和向左的滑动摩擦力作用下向右加速,撤去F后在摩擦力作用下匀减速运动,直到停止.木板从开始运动到停止,位移应小于0.2m,否则

撤力前后木板先加速后减速,设加速过程的位移为x1,加速度为a1,加速运动的时间为t1；减速过程的位移为x2,加速度为a2,减速运动的时间为t2.由牛顿第二定律得撤力前：F－μ(m＋M)g＝Ma1解得a

（1）当物块与木板相对滑动时,木板在水平方向上受摩擦力Ff=μmg=0.5*1*10N=5N木板加速度a1=5/1=5m/s²当处于相对滑动临界点时,物块加速度也为5m/s²即F=

取向右为正∵u=0.5∴f=mgu=1*10*0.5=5N∴a(木板)=5/1=5m/s2a（滑块）=20-5/1=15m/s2s(木板)=1/2a(木板)t2①s(滑块)=1/2a（滑块）t2②s(

根据牛顿第二定律，M的加速度为：a＝F−μ(M+m)gM=12−0.25×(2+2)×102m/s2=1m/s2假设4s内m不脱离M，则M的位移为：x＝12at2=12×1×42m＝8m＞2m所以，4

（1）刚刚撤去F对M、m受力分析如图（1）所示,其中f=f1=μmg=2N对m：f=μmg=ma,从而a=2m/s2 、  V0=0m/s、Δt=1s由a=ΔV/Δt=(

质量为m=1kg的小滑块（可视为质点）放在质量为M=3kg的长木板的右端,木板上表面光滑,木板与地面之间的动摩擦因数为0.2,木板长L=1m,开始时两者都处于静止状态,现对木板施加水平向右的恒力F=1

分别对两物体受力分析：对M：Ma1=F-umg对m:ma2=umg要是小木块落下,实际上指两物体运动不同,a1>a2联立,可得：F>20N

分析：由题,木板上表面光滑,当木板运动时,滑块相对于地面静止不动．分析木板的运动情况,在撤去F前,木板做匀加速运动,撤去F后木板做匀减速运动．根据牛顿第二定律分别求出撤去F前后木板的加速度．由位移公式

（1）物块与障碍物碰后物块和小车系统动量守恒，故有Mv0-mv0=（M+m）v          &

0.8，0.24

你首先要知道A1T1、A2T2是什么,这是速度啊.Vt=V0+at,木板初速度为0,所以V=at.木板运行到一个最大速度,再减速,A1T1和A2T2表示的都是这个最大速度,不同点在于,A1T1时是加速

当木板最终停下,小滑块位于长木板的左端时,F的作用时间最长.木板加速时有：F-μ（m+M）g=Ma1木板减速时有：μ（m+M）g=Ma2对全过程有：0.5a1t²+0.5a2（a1t/a2）

先受力分析,A有个初速度,只受B对他的摩擦力.B受A对他的摩擦力f1和地面对它的摩擦力f2.列式子： V（共速）=VA-u1g×1