电路图如图所示,换路前已经处于稳态,试求换路后,(t>0)的U
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/05/22 12:13:58
如图.电脑画图画的不好.自己画好一点就行了.
设每个小格的长度为L,则LA=3L、LB=4L.根据杠杆的平衡条件:F1L1=F2L2则F•LB=G•LA代入数据得,F×4L=2N×3L所以F=1.5NF<G,所以是省力杠杆.测力计的最大示数为5N
1)红黄2)由P=UII=U/R得R1=U^2/P1=……=88ΩI'=√P1'/R1=……=1AU'=I'R1=……=88V因R1、R2串联U2=U-U1=……=132VI2=I1'=1A故R2=U
可以这样画的.因为力的示意力不仅有作用点、大小,还有方向.只要这三个要素表达准确了就行.
出现问题一的原因,是把电压表跟滑动变阻器并联,且恰恰采集了几组特殊数据.出现问题二的原因,是因为灯丝的电阻本来就是随温度的升高而增大的(不可能保持不变).再问:为什么问题一是这样的啊?有点不明白再答:
用叠加原理电压源单独作用时:2i1+i1+2i1=10V,得i1=2A电流源单独作用时:-2i1=(3+i1)+2i1,得i1=-3/5A则原i1=2-3/5=7/5A
——★ 请看附图所示:
对于题目已给信息,平行板电容所带电量是不会改变的.为维持该油滴原来的静止状态,必须是电场强度增大,才能使库仑力与重力二力平衡.先分析C、D选项,电容的决定式为c=εr*s/4*π*k*d(π为圆周率)
B对处于开关S1,U1=ER1/(R1+r)2=10E/(10+r)处于S2位置时U2=ER2/(R1+r)U2=8E/(8+r)U2=1.6(10+r)/(8+r)r=0Ω时U2=2V最大r=无穷大
加热时,加热管的电功率P1=550WI=P1/U=550W/220V=2.5A
用三要素法.Uc(0+)=2V再用节点电压法Uc(∞)=(2V/1kΩ+4ma)/(1/1kΩ+1/1kΩ)=6mA×kΩ/2=3V再把电容看做负载,其开路电压为3V用等效电源法计算其内阻Rs=1kΩ
(1)加热时,电路为R1的简单电路,由欧姆定律可得,通过R1的电流:I1=UR1=220V88Ω=2.5A;(2)加热过程中电饭锅消耗的电功率:P1=UI1=220V×2.5A=550W;(3)保温时
最大弹性势能时木块动能全部转化,即:v=0m/s,能量E=(M*V^2)*1/2-0=4*25/2=50焦耳;由于光滑水平面,忽略摩擦力,所以整个系统剩余势能=最大势能-现有动能=50-(1/2)*M
答案应该是B,分析如下:A,当处于加热状态时,S是闭合的,此时R2处于短路的状态,所以此时R2两端的电压为0,但R1两端的电压为220V,所以此选项是错的B,当保温时,S断开,此时R1和R2串联,则此
首先确定不会突变的量,因为是电容,所以Uc不会突变.求Uc(0+)当t<0时,电路已经稳定,此时电容相当于断路.所以电容两端电压等于右边支路上1K欧姆电阻两端电压,有 Uc(0+)=U
(1)R1=U2P额=(220V)2110W=440Ω;(2)电热毯处于高温加热状态时,10min消耗的电能:W=Pt=110W×10×60s=6.6×104J;(3)当电热毯处于低温加热状态时,R1
上下两个节点是非独立节点,可以合并为一个节点,支路电流与电阻值成反比例:I=10/(2//1+2//1)=7.5AI0=I*(1/3-2/3)=-7.5/3=-2.5A(分析下边支路电流即可得出)
第11题:开路电压3*20+20=80V,短路电流3+20/20=4A,等效内阻20欧姆;戴维南模型:带上负载20欧姆,电流I=80/(20+20)=2A诺顿模型:4*(1/20)/(1/(20//2
兄弟,电源不要了是吧