由一台内阻r为1欧德发电机向全校22个教室发电
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/05/23 02:16:58
不能实现.由于有损耗.输入电动机的电能并不能全部转换机械能,输入发电机的机械能并不能全部转换成电能.所以不能一直工作下去.
电源的电动势E=10V,内阻r=5Ω.电路中的电流I=(E-U)/(R+r)=(10-6)/(5+5)A=0.4A内电压U内=Ir=0.4*5V=2V由闭合电路欧姆定律有路端电压U外=E-U内=(10
W=ξIt180=ξ*1*60ξ=3V
环路电流I=3/(0.4+9.6)=0.3A电源端电压=0.3*9.6=2.88V内电压=0.3*0.4=0.12V
(1)p=UII=P/U=66/220=0.3A(2)电功率66W发热功率:P热=I^2R=0.3*0.3*20=1.8W机械功率:66W-1.8W=64.2W效率:64.2/66=97.27%(3)
第一题:一分钟内机械能转化为电能即:E=W=Pt=UIt;所以:U=W/It=180/(0.5*60)=6伏第二题:开路电压为800mV即为电源电动势U;所以内阻r=U/I=0.8/0.4=2欧;外阻
电源的电动势为:E=6.3V电源的内阻为:r=E/I-R=6.3/3-2=0.1欧
1.根据P=UI可得输电电流I=P/U=44KW/220V=20A损失功率P‘=I^2R=20^2×0.2=80W,用户得到功率P用=44KW-80W=43920W2.根据P=UI可得输电电流I=P/
440KW220V功率的输送电流是2000A;输电线上的损耗是2000A×0.2Ω=400W;用220KV输送时,电流是2A;输电线上的损耗是2A×0.2Ω=0.4W比较(1)(2)结果可以得到高压输
因为是发电机,那么输出功率P=UI(U是输电电压,I就是输出电流,也就是导线上的电流I)I=P/U=80A损失的电压就是输电线上产生的电压,U1=IRU1=80*15=1200V损失的电功率是P1=I
依据你的条件,灯泡正常发光时,电流为2A,压降6V,电源内阻消耗2V,电机两端电压292V,电流2A,点机输入功率584W.热功率4瓦,效率82%,机械功率=584*0.82=478.88W,电机不但
当变阻器滑片滑到中点时,变阻器两部分并联电阻最大.则在滑动变阻器的滑片P由a向中点移动的过程中,外电阻变大,总电阻变大,由欧姆定律知,干路电流变小,路端电压变大.滑片P由中点向b移动的过程中,外电阻变
看不清L1L2,上面那个灯变亮,下面的变暗.电流表读数变大,电压表读数变小.因为滑动变阻器触片P由中点向a端移动时(向上移动),上面的灯的串联电阻变小,所以灯变亮,而反之,下面的串联电阻变大,所以灯变
变压器T1副线圈的电流为:W=I^2*R=4000*10%所以电流为20A变压器T2原副线圈的匝数比为:W损=U*I得U=4000KW*10%/20=20000vN=20000/220=2000/22
1》导线通过的电流:I=P/U=110/0.22=500(A)导线上损失的电压降:U=RI=0.3×500=150(V)导线上损失的功率:P=U×U/R=150×150/0.3=75000(W)2》导
20*12*225380取稍大一点的最小5.5kw不过5.5千瓦余量有点小7.5的比较好充足的余量能延长发动机的使用寿命
完全没问题,即使按照40千瓦的电动机全压启动,启动电流按8倍,才不到700A电流,500KVA的变压器的足够大了.
设发电机的电动势为E,电流I=0.5A,时间t=60s,产生的电能W=180J,则由电功公式W=EIt得 发电机的电动势E=WIt=1800.5×60=6V 
答案是AD由于R1变小,所以R1与R2并联的总电阻变小,因此电源输出的总电流I增加,所以路端电压等于E-Ir变小,A正确.由于R1与R2并联的总电阻减小,所以它们两端分得的电压减小,所以电流表的读数变