AB两小物块在光滑的水闰面上沿同一直线同向运动,动量分别为6.0

当电场方向向上时,物块c只能滑到AB中点,说明此时电场力方向向下,可知物块C所带电荷的电性为负.电场方向向下时有：μ（mg－qE）L=½mv02/2一（m＋M）v2/2mv0=（m十M）v电

首先要满足动量守恒定律,碰撞前与碰撞后的动量是守恒的其次,是要遵守能量守恒定律,碰撞前的动能要大于等于碰撞后的动能再问：以这题为例讲解一下再答：碰撞前有p1=m1v1=6,p2=m2v2=8碰撞后有m

A

（1）木板和木块间的摩擦力f=μmg=2N木块加速度为a1=2m/s2，水平向左木板加速度为a2=F−fM=3m/s2，水平向左即两个物体都向左做匀加速直线运动；以木板为参考系，木块的相对加速度为a=

(1)0.4s(2)2+√3m/s有分就有过程啊!

整个过程动量守恒,机械能守恒,所以相当于弹性碰撞!m

这属于最速降线问题,本质比较复杂,但在高中阶段认为不会出现你画的那种情况,实际上是存在的,是很复杂的曲线形式,也存在一定的曲线使P先落地,不过过程很复杂,中学阶段可以不考虑.你可以看下面的资料,最速降

设A运动周期为t,B加速度为4m/s^2到p点速度为2t*4=8t到q点速度为2.5t*4=10t100t^2-64t^2=2*4*2Rt^2/R=4/9向心力F=m(2pi/t)^2*R=4pi^2

【解析】摩擦力f=μmg=2N.木块加速度为a1=2m/s^2,水平向左.木板加速度为a2=(F-f)/M=3m/s^2,水平向左.（1）以木板为参考系,木块的相对加速度为a=a1-a2=-1m/s^

选【BD】D项分析：当弹簧第一次恢复原长时,A将受一个弹簧给它向右的力,此时A要开始离开墙壁.此时,弹簧为原长,根据能量守恒,系统之前的弹性势能E完全转化为B的动能,则有【E=1/2*2m*v*v】可

因为：A的加速度为：aA=(F-kx)/mB的加速度为：aB=(kx)/m可见,开始时A的加速度大,后来B的加速度大,进一步分析可得正确答案是BD.再问：-_-。sorry！是肿么进一步分析的呢不胜受

当弹簧压缩到最小限度就意味着不会继续压缩,故A,B间距离不会再拉近,即相对速度为零,故两物体速度相等

因为在撤掉拉力前,两物体要么一起加速,要么有相对运动,板比物加速度大,由题可知,板的加速度比物体大,所以,v=at,在撤去时,板的速度比物体大

这个太简单了,书上例题看明白就会了取向右为正方向,A的速度为V1,B的为V2,由动量守恒定律得:MaV1+MbV2=MaV+MbV3Ma=2kgMb=10kgV1=4m/sV2=-2m/sV3=-1m

A重力不做功做没做功就要看在此力的方向上有没有发生位移,力与位移方向夹角等于大于0度小于90度做正功,等于90度不做功,大于90度小于等于180度做负功!这样套到你的问题中就可以得到A是肯定的,BCD

不能.、当带上+q和-q的电荷量后在相向运动中库仑力做功,此时机械能增加,当发生碰撞后,这一时刻系统机械能守恒,且小球电量中和,不带电.分离开后同时回到原位置,但速度变大.（库仑力做功,机械能增加）再

A的最大加速度:aA=μmg/m=μg拉出B的临界力:F=(M+m)aA=(M+m)μg所以拉出B的力应大于(M+m)μg

A和Bv2'=2m1/m1+m2再问：请问这一步怎么出来的？再答：m1以v1前进m2的v2=0然后动量守恒动能守恒俩方程一解就是了嘛然后m2>0.'.v2'

某时刻两物体相距L＝9m,再经过3s后B物体追上A可以算出B的速度比A的大3(m/s)设A为Va,B速度Vb=Va+3根据动量守恒则[5*Va+1*(Va+3)]/6=2.5Va=2,Vb=5原动能=

这个问题问的是什么哦,是画图吗还是求F1哦?要是画图的话那就没办法了,如果是求F1,也没办法,与X轴成37°,而且要沿正向运动,这个力不可能是水平方向（即沿X方向）,竖直方向倒有可能.