如图所示粗细均匀的u形管t1=31℃
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/04/30 09:29:34
增大;减小.设管中空气柱压强这p,如图中所示,p=h2+p0=h1+p0即:h1=h2当向右管倒入少量水银,h2增大,h1也增大;当向左管倒入少量水银,h1减小,h2也减小.
①由于封闭气体压强为78cmHg,故右侧竖直管内水银高也为2cm,所以右边水银柱总长为4+2=6cm;②左边水银全部进入竖直管时,右边竖直管中水银柱高也为4cm,此时气体压强为80cmHg,气柱总长为
1.设定原来U型管两边的水银柱长度各为X0,当空气柱变长为9cm时,则非封闭端,水银柱上升1cm,所以P空气柱=(76+1)hg=77hg假设要保证空气柱重新回到原来位置,则是一个等温变化p*9=p’
1.管口A在水银面之下8cm,压强76+8=84cmHg进入左管中水银柱高4cm,管中空气柱压强p=84-4=80cmHg==>左管水银柱下降2cm==>空气柱长度增加-4+2=-2cm空气柱长度为L
两管内水银柱高度差为15cm是哪边高于那边?空气柱压强与体积的关系为等温曲线,即:pV=常量,在这里简化为ph=常量c(h是空气柱长度)根据初始状态定常量c初始气压p1=kH+p0,(k=76cmHg
h/2乘以m/6,答案是mh/12.重力势能发生改变的部分根据图片看,可以简化为只有h/2,3h总质量为m,因此重力势能改变的部分只有m/6,而该部分重心部分下降了h/2,所以其乘积就是答案.
设管子的横截面积为S,液体的密度为ρ.拿去盖板,液体开始运动,根据机械能守恒定律得:14ρhSg=12ρ•4hSgv2.解得:v=2gh4答:当两管液面相等时,右侧液面下降的速度是2gh4.
答案:左边是水,右边是酒精.高度差:h1:h2=4:1解析:两边装上水和酒精后,k处的压强相同,即:ρ左gh1=ρ右g(h1+h2)因为:h1<h1+h2所以:ρ左>ρ右所以,左面密度大,是水.代入酒
第一题,公式不是p=hρg吗,压强相等,水银的密度跟水的密度都知道,g抵消了,就是h1ρ1=h2ρ2,解出h2的值就行.第二题,还是用p=hρg这个公式,密度跟g都是定量,只有高度h变化了,只需算出h
设U形管竖直管中水银柱的高度为h,则PB=PA+h,假设气体体积不变;由查理定律得:PP′=TT+△T,压强的变化量△P=P′-P=△TTP,△T相同,不知道两气体初温关系,因此无法判断两部分气体压强
封闭气体的初温T=304K,初压P1=760mmHg,初长度L1=8cm末温T2=,末压P2=780mmHg,末长度L2=9cm,据理想气体状态方程,P1L1/T1=P2L2/T2T2=351Kt2=
设所求大气压强为P/cmHg,U形管横截面积为AP1=P-1.6V1=L1*A=6.0AT1=273+7=280K气体加温后,设左管水银面下降hcm,右管水银面升高了hcm以原来后边水银面为基准h-(
设玻璃管两侧水银面高度差是h,大气压为P0,封闭气体压强P=P0-h,沿虚线所示的位置把开口一侧的部分截掉,h变小,封闭气体压强P=P0-h变大,气体温度不变,压强变大,由玻意耳定律可知,封闭气体体积
(ⅰ)对于封闭气体:初态:P1=P0-△h=75-2=73(cmHg),V1=LS=10S,T1=300K;末态:P2=P0=75cmHg,V2=(L+0.5△h)S=12s,T2=?;根据理想气体状
(1)p1=po-△h=75-3=72cmHgV1=LS=15ST1=300KP1V1T1=P2V2T2解得:T2=343.75Kt2=70.75℃(2)p3=75cmHgV3=L′・Sp1V1=p3
封闭气体压强P=P0+h1=P0+h右,向右管缓慢倒入少量水银后h右变大,封闭气体压强P=P0+h右变大,气体温度不变,由玻意耳定律可知,气体体积变小,h2变小;封闭气体压强P=P0+h1=P0+h右
理想气体状态方程:PV=nRT(1)P1V1=nRT1t1=31℃时,T1=273+31=304K,P1=Po=76cmHg,V1=L1·SP2V2=nRT2T2=(273+t2)K,P2=Po+2c
B气体压强公式PV=nRT液体压强公式p=phgΔT变化PV增加一样,但V右P左所以液体高度h变小
先假设左端为1,下标用1表示,右边的下标用2表示:初始情况下:P1=75-15=60cmHg变为20cm后,此时里面的压强P1'根据P1V1=P1'V1'得,P1'=60×24/20=72cmHg则此