如图所示,一轻质量杠杆O

还是写上吧.例7：(1)设为x,则10kg×0.4m×10N/kg=5kg×x×10N/kg,解得x=0.8m(2)P=W/t=Fs/t=Fv=10N×0.1m/s=1WW=Pt=Px/v=1W×0.

(1)用杠杆平衡原理,10×30=F*50可得,F=6N（2）由第一问可知F1的分力F始终不变,当夹角变大时,力F1变大

物体的重力G=mg=2kg×9.8N/kg=19.6N；由杠杆平衡的条件可得：F×OB=G×OA，即F×0.2m=19.6N×0.3m，解得：F=29.4N．答：物体G的重力是19.6N，力F为29.

将天平底架往左边倾斜应该可以吧

物体M受重力、绳子向上的拉力及地面对它的支持力，如图所示：；（1）FM=pS=2000Pa×0.1m×0.1m=20N 以M为研究对象，受力分析如图所示．FB+FM=GMFB=GM-FM=m

G=mg＝2kg×9.8N/kg=19.6N根据杠杆平衡条件：F×l＝G×l'F=G×（l'/l）=G×（OA/OB）=19.6N×（0.3m/0.2m)=29.4N根据相似三角形对应边成比例

最小力即力臂最大,F1与F2都应是垂直于OB的力（即OB为最大力臂,f1,f2方向不同）,OA×G物＝F1×OB＝F2×BOF1=F2

B段受到的拉力FB=mg=39.5NA端受到的力FA=G铜-F浮杠杆平衡条件FA*OA=FB*OBFA=79NFA=ρ铜gV-ρ水gVv=0.001m³m铜=ρ铜V=8.9kg

1）若将绳子从这个状态迅速放松,后又拉紧,使小球绕O做半径为b的匀速圆周运动,则从绳子被放松到拉紧经过多少时间?设：经过的时间为：t,绳子从这个状态迅速放松,后又拉紧这个过程中,小球沿圆周切线方向做匀

A、因无法确定动力臂的大小，所以无法确定它是哪种杠杆，故A错误；B、沿垂直杠杆向上的方向用力，动力臂最大，动力最小，最省力，故B错误；C、因此杠杆的动力臂无法确定，所以它可能是省力杠杆，也可能是费力杠

在转动过程中，力F的力矩克服重力力矩而使杠杆运动，可认为二力矩相等，重力不变，而重力的力矩在杠杆水平时最大，力矩最大，所以说从A到A′过程中重力力矩先变大后变小，而F的力臂不变，故F先变大后变小．故选

图在哪,动力是什么方向的,方向会不会变,如果力的方向始终是竖直方向,则力的大小不会变；如果力的方向始终与杆的方向垂直,就会增加.根据力矩平衡分析

（1）F1*0.3=60*10*0.1(10N/Kg）求得F1=200N（2）圆柱体C,受水向上的浮力F浮+A对C向上的拉力F2=C自身所受向下的重力GC的体积Vc=质量/密度=60/3000=0.0

A、B在同一个杆上,所以A、B具有相同的角速度.记细杆转到竖直位置时的角速度为w.则线速度vA=OA*w,vB=OB*w；因为BO＝2AO,所以,vB=2vA.根据机械能守恒：（设D点的水平位置为重力

与用力的方向有关

（1）根据杠杆平衡条件：G·OA=F·L4N×0.5m=5N·L解得L=0.4m弹簧秤的拉力应作用在离O点0.4m远.（2）物体应挂在指点的右侧,离A点0.75m,力臂为L'=0.75m-0.5m=0

∵p=FS，人单独站立时对水平地面的压强p=1.6×104Pa，∴人与地面的接触面积：S=Fp=G人p=640N1.6×104Pa=0.04m2，∵p=FS，人拉绳子时对地面的压强p1=1.45×10

F的力臂明显是减小的重力G铭心啊是不变的重力的力臂是增大的GLg=FLf所以F变大选AD

真的是选对的吗?我觉得,BCD都可以.B不用说辣,C的话要看你沿哪个方向拉了（所以排除A）,D的话,我也不清楚,可是觉得是可以的不过B肯定对..吧----以上!

①要使物体B开始脱离地面,则此时F拉B=mBg,F拉A充当向心力,由于同一绳上,故F拉B=F拉A=F向F向=mAω²rF向=mBg代入mA=0.2kg,mB=1kg,r=0.2m,g=10解