如图14所示,质量M等于1kg的有空小球穿在固定的足够长的斜杆上

这是临界条件的问题,可能出现的情况是：球和车厢壁可能会分离.判断方法：让角度不变,球不受车厢壁的弹力（既是临界条件）,球为研究对象,受力分析加速度水平向左,求出加速度a=gtan370,=7.5m/s

（1）小滑块在摩擦力和电场力作用下，向右做匀减速运动，设加速度为a，根据牛顿第二定律得：F+f=ma…①又F=qE…②f=μmg…③若小滑块不会从右侧离开电场区域，由匀变速直线运动的规律有：v02＜2

（１）（２）①取平板车与铁块为研究系统，由M>m，系统每次与墙碰后m反向时，M仍以原来速度向右运动，系统总动量向右，故会多次反复与墙碰撞，每次碰后M都要相对m向右运动，直到二者停在墙边，碰撞不损

（1）当A和B在车上都滑行时，在水平方向它们的受力分析如图所示：由受力图可知，A向右减速，B向左减速，车向右加速，所以首先是A物块速度减小到与车速度相等，且此后A与车不再有相对滑动．设A减速到与小车速

（1）对物体受力分析可知，物体水平方向受拉力及摩擦力的作用；物体受到的最大静摩擦力大小为：μ2mg=0.4×10=4N；大于F，故m不会和M相对运动；对整体进行分析可知：M与地面间的最大静摩擦力F2=

物体受到两个力的作用,拉力T和重力mg,由牛顿第二定律得T-mg=ma所以T=m（g+a）=10×（10+2）N=120NF=T/2=60N物体从静止开始运动,3s内的位移为l=at2/2=1/2×2

（1）导体杆先做加速运动，后匀速运动，撤去拉力后减速运动．设最大速度为vm研究减速运动阶段，由动量定理有−B.Il ×△t＝0−mvm①而感应电量为：q＝.I×△t＝Bls/R②联立①②两式

(1)小滑块的加速度a1=(F-μmg)/m=8m/s2,长木板的加速度a2=μmg/M=2m/s2,相对加速度为6m/s2,相对位移为s1=1/2at2=1/2*6*0.82=1.92m(2)撤去力

（1）s=v0t+1/2at^2=1/2*(10-0.2*1*10)/1*(0.8)^2=2.56m(2)a'=umg/g=ug=0.8*10=8m/^2v=at=8*0.8=0.64m/sx=v^2

电动机的输出功率即总功率减去热功率：P（出）=UI-I^2R=7-1=6w导体棒上升h后达到稳定速度,即为平衡状态,设此时速度为vT（拉力）=mgh+F安P=Tv=mgv+BILv=mgv+（BLV）

：（1）设最后三者的共同速度为v，根据动量守恒定律mBv0-mAv0=（M+mA+mB）v…①求得：v=1m/s方向向左．      &nb

请问你是哪的,动量你们是不是必修.如果必修,我可以帮你答.再问：是必修，谢谢。请帮我回答吧！再答：v是未知的？就是题目没给。再问：V是已知的。它是一个代数。你也可以把它想象成某一个具体的数呵呵再答：等

（1）当A和B在车上都滑行时，在水平方向它们的受力分析如图所示：由受力图可知，A向右减速，B向左减速，小车向右加速，所以首先是A物块速度减小到与小车速度相等．设A减速到与小车速度大小相等时，所用时间为

（1）在0～2s内两物体一起以0.5m/s的速度匀速运动，则有P=F1v1  根据两物体匀速运动则有拉力等于摩擦力即F1=f而地面的摩擦力f=μN=μ（M+m）g代入数据得μ=0.

（1）由动量守恒定律可得：mvA0=mvA+MvB  ①由①式可得：vB＝mM(vA0−vA)②代入vA=6m/s、2m/s、-2m/s时，得到对应的VB=0、2m/s、4m/s描

(1)Fsin30-mg-Fucos30=maF/2-20-√3F/10=10F=300/(5-√3)=91.8N(2)mg-Fsin30-Fucos30=ma20-F/2-√3F/10=10F=10

哥们你问的是什么啊

某一用直流电动机提升重物的装置,如图A-3所示.重物的质量m=50kg,电源的电动势E=110V,不计电源内阻及各处摩擦,当电动机以v=0.90m/s的恒定速度向上提升重物时,电路中的电流I=5A.由