如右图 在曲轴a上悬挂一个弹簧振子 若不转动摇把b 用手拉动振子 松手后其上下

弹簧变长了就肯定是A或者D啊然后根据题目列式咯：(kx=F)0.08k=mg0.12k=mg+ma解出a=0.5g选A咯

电梯静止不动时，小球受力平衡，有mg=kx1弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小了，说明弹力变小了，根据牛顿第二定律，有mg-kx2=ma故加速度向下，电梯加速下降或者减速上升，电梯以及电梯中的人处于失

1)F=Ga-Gb+100N2)T=Ga=Gb+F=200N3)由于力的作用是相互的,人把B往下拉,那么B对人就有向上的拉力.大小与F相等.因此,磅秤示数为（500N-100N）/10N/Kg=40K

悠幽楼兰为你详细解答吧：首先由不转把手的情况,我们可以得到,振子的周期是0.5秒,频率是2我们知道外力是不能改变物体的固有频率的,所以转动把手的时候周期还是0.5S第二个问题,当外力频率等于物体固有频

振子在10s内完成20次全振动，故固有频率为2Hz；当受迫振动的频率接近于振子的固有频率时，会发生共振，故摇把转速为：n=f=2r/s=120r/min；当转速为120r/min时，1s内转动2次，周

A：加速度为0；B：加速度为0；C：加速度为3g.剪断OO1之前,ABC三者均达到平衡状态,则B受到重力和弹簧拉力,A受到重力、弹簧拉力和绳子拉力,C受到O1A绳子拉力、OO1绳子拉力和C的重力,则有

用小球A时弹簧弹性势能=mgh换B时2mgh=½x2mv²+mgh故选B.或者换个思路：第一次,小球B到下降到h时,重力势能（mgh）全部转化为弹性势能(E),动能为0第二次,小球

G=kxk=G/x选a

弹簧测力计示数为40N,说明物体受到向上的力为40N,又知道物体重力为mg=50N,则可知物体加速度a=（40-50）/5=-2m/s的平方故人的加速度也是-2对人进行受力分析,（F-500）/50=

因为实验室正好在震源上方,所以地震波向上传递使振子运动的波是纵波（因为振动方向是沿传播方向,上下振动）,使单摆运动的波是横波（因为振动方向是垂直传播方向,左右振动）所以纵波比横波要早4s到达由公式,波

F浮=G-F拉=4.74N-4.11N=0.63NM液=63gM铁块=G/g=4.74N/9.8N/kg≈0.48kgV铁块=M/密度=0.48kg/7.9*10的3次方kg|立方米=480g/7.9

缓慢增加至不变

缓慢增加至不变

△x1=x1-x0=10-8=2cm=0.02m根据胡克定律：F1=k△x1可得,k=F1/△x1=10/0.02=500(N/m)△x2=x2-x0=12-8=4cm=0.04m根据胡克定律：F2=

k1只挂m时伸长x1=mg/k1k2下又增挂m后：k1总伸长x1+x2=2mg/k1由此可得x2=x1=mg/k1k2伸长x3=mg/k2A点向下移动x=x2+x3=mg/k1+mg/k2=mg/(1

先对原状态受力分析：kx=mg对此时受力分析：mg-kx/2=ma=>a=g/2为电梯的加速度方向向下.对人受力分析：Mg-Fn=Ma把a带入.=>Fn=Mg/2

A、乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量大，知弹力大于重力，根据牛顿第二定律知，加速度方向向上，可能向上做加速运动，可能向下做减速运动，故A、B、C错误．D、由于加速度方向向上，知乘客一定处于超重

不是当小球受到的合外力为零时小球速度最大,而小球与弹簧分开时小球受到合外力就是小球的重力（小球与弹簧未分离时受到的合外力是渐变的）

频率为1HZ的话纵波和横波的速度就分别为10km/s与5Km/S它们的前沿波面传播到实验室的时间差为4S那么S/10-S/5=-4所以求出S=40km答案应该没有什么明显的错误

使用方法：1观察在自然状态下指针是否指在0刻度线上2检查测力器是否被卡住,拉一下弹簧挂钩看看是否灵活3将物体挂在弹簧测力计上,使测力计力的作用线与弹簧伸缩方向在同一直线（否则会导致测量不准确）,待指针